Problemas de Genética

Slide 1 : Problemasde Genética Lic. Eliana Bigai Núñez 2009

PROBLEMAS DE GENÉTICA : PROBLEMAS DE GENÉTICA Problema 1 Problema 2 Problema 3 Problema 4 Problema 5 Problema 6 Problema 7 Problema 8 Problema 9 Problema 10 Problema 11 Problema 12 Problema 13 Problema 14 Problema 15 Problema 16 Problema 17 Problema 18

Problema 1 : Problema 1 La lana negra de los borregos se debe a un alelo recesivo, n, y la lana blanca a su alelo dominante, N. Al cruzar un carnero blanco con una oveja negra, en la descendencia apareció un borrego negro. ¿Cuáles eran los genotipos de los parentales? ¿Cuáles serán las frecuencias fenotípicas si realizamos un cruzamiento prueba con un borrego blanco de la descendencia?

Slide 4 : Carnero blanco x Oveja negra ¿Cuáles eran los genotipos de los parentales? Borrego negro Al ser el negro el carácter recesivo, todos los individuos que lo manifiesten serán homocigotos recesivos (nn), ya que si tuviesen el alelo dominante N mostrarían el fenotipo dominante. nn nn

Slide 5 : Carnero blanco x Oveja negra ¿Cuáles eran los genotipos de los parentales? Borrego negro El borrego negro ha recibido un alelo n de cada uno de sus progenitores. Por tanto, el carnero blanco debe tenerlo en su genotipo y será heterocigoto. nn Nn nn

Slide 6 : ¿Cuáles serán las frecuencias fenotípicas si realizamos un cruzamiento prueba con un borrego blanco de la descendencia? Carnero blanco x Oveja negra Nn nn GAMETOS ? DESCENDENCIA (F1) ? Nn nn Como puedes ver, los borregos blancos de la descendencia son híbridos. Borrego blanco

Slide 7 : ¿Cuáles serán las frecuencias fenotípicas si realizamos un cruzamiento prueba con un borrego blanco de la descendencia? Carnero blanco x Oveja negra Nn nn GAMETOS ? DESCENDENCIA (F1) ? Nn nn Al cruzarlos con un individuo que manifieste el carácter recesivo y que sea, por lo tanto, nn (cruce prueba), realizaremos el cruce: Nn x nn, semejante al ilustrado arriba, del que obtendremos las frecuencias fenotípicas siguientes: Borrego blanco

Slide 8 : ¿Cuáles serán las frecuencias fenotípicas si realizamos un cruzamiento prueba con un borrego blanco de la descendencia? Carnero blanco x Oveja negra Nn nn GAMETOS ? DESCENDENCIA (F1) ? Nn nn ½ Borregos blancos ½ Borregos negros Volver al índice

Problema 2 : Problema 2 En el hombre, el albinismo (falta de pigmentación) es el resultado de dos alelos recesivos, a, y la pigmentación, carácter normal, viene determinada por el alelo dominante A. Si dos individuos con pigmentación normal tienen un hijo albino: ¿Cuáles pueden ser sus genotipos? ¿Cuál es la probabilidad de que en su descendencia tengan un hijo albino?

Slide 10 : pigmentación normal x pigmentación normal ¿Cuáles pueden ser sus genotipos? Albino Como indica el enunciado, el albinismo se debe a la presencia de dos alelos recesivos a, por tanto el hijo albino tiene un genotipo aa y ha recibido un alelo a de cada uno de sus progenitores. aa

Slide 11 : ¿Cuáles pueden ser sus genotipos? Albino Al tener pigmentación normal, los padres deben tener también presente el alelo A y, por consiguiente, son heterocigotos (Aa). Aa aa Aa pigmentación normal x pigmentación normal

Slide 12 : ¿Cuál es la probabilidad de que en su descendencia tengan un hijo albino? La probabilidad de tener un hijo albino es, en este caso, de ¼ (25%). Aa Aa AA Aa Aa aa 1 albino De cada cuatro descendientes GAMETOS? Volver al índice pigmentación normal x pigmentación normal

Problema 3 : Problema 3 La talasemia es un tipo de anemia que se da en el hombre. Presenta dos formas, denominadas menor y mayor. Los individuos gravemente afectados son homocigotos recesivos (TMTM) para un gen. Las personas poco afectadas son heterocigotos para dicho gen. Los individuos normales son homocigotos dominantes para el gen (TNTN). Si todos los individuos con talasemia mayor mueren antes de alcanzar la madurez sexual: ¿Qué proporción de los hijos de un matrimonio entre un hombre normal y una mujer afectada con talasemia menor llegarán a adultos? ¿Cuál será la proporción si el matrimonio es entre dos personas afectadas por la talasemia menor?

Slide 14 : ¿Qué proporción de los hijos de un matrimonio entre un hombre normal y una mujer afectada con talasemia menor llegarán a adultos? La mujer, afectada de talasemia menor, es heterocigota (TMTN). En cambio el hombre es homocigoto TNTN, ya que no padece la enfermedad en ninguna de sus formas. TMTN TNTN con talasemia menor normal x

Slide 15 : ¿Qué proporción de los hijos de un matrimonio entre un hombre normal y una mujer afectada con talasemia menor llegarán a adultos? El 100% de los descendientes llegará a adulto. TMTN GAMETOS ? DESCENDENCIA (F1) ? TNTN TNTN TMTN Talasemia menor Normal con talasemia menor normal x

Slide 16 : con talasemia menor x con talasemia menor ¿Cuál será la proporción si el matrimonio es entre dos personas afectadas por la talasemia menor? ¾ (75%) de los descendientes llegarán a adultos TMTN GAMETOS ? DESCENDENCIA ? TMTN Talasemia menor Normal TMTN TMTN TMTM TNTN Talasemia mayor ¼ (25%) de los descendientes no llegarán a adultos Volver al índice

Problema 4 : En los duraznos, el genotipo homocigoto GOGO produce glándulas ovales en la base de las hojas. El heterocigoto GAGO produce glándulas redondas, y el homocigoto GAGA carece de glándulas. En otro locus, el alelo dominante L produce piel peluda y su alelo recesivo l da lugar a piel lisa. Si se cruza una variedad homocigota para piel peluda y sin glándulas en la base de sus hojas con una variedad homocigota con glándulas ovales y piel lisa, ¿qué proporciones fenotípicas se pueden esperar en la F2? Problema 4

Slide 18 : ¿qué proporciones fenotípicas se pueden esperar en la F2? Piel peluda y sin glándulas x glándulas ovales y piel lisa P GAGA LL El individuo de piel peluda y sin glándulas en la base de las hojas es GAGA porque éste es el único genotipo que determina la ausencia de glándulas. Además es LL porque nos indican que es homocigoto y que manifiesta el carácter dominante “piel peluda”, determinado por el alelo L.

Slide 19 : ¿qué proporciones fenotípicas se pueden esperar en la F2? Piel peluda y sin glándulas x glándulas ovales y piel lisa P GAGA LL El individuo de glándulas ovales y piel lisa es GOGO porque éste es el único genotipo que determina la presencia de glándulas ovales. Además es ll porque manifiesta el carácter recesivo “piel lisa” determinado por el alelo l. GOGO ll

Slide 20 : ¿qué proporciones fenotípicas se pueden esperar en la F2? Piel peluda y sin glándulas x glándulas ovales y piel lisa P GAGA LL GOGO ll GAMETOS ? F1 GAGO Ll Glándulas redondas y piel peluda La primera generación filial será uniforme y estará formada por dihíbridos de glándulas redondas y piel peluda.

Slide 21 : ¿qué proporciones fenotípicas se pueden esperar en la F2? GAMETOS ? F1 Para obtener la F2 cruzaremos dos individuos de la F1 GAGO Ll GAGO Ll Cada individuo puede formar cuatro tipos de gametos Dispondremos los gametos en una cuadrícula genotípica para obtener la F2 . x

Slide 22 : ¿qué proporciones fenotípicas se pueden esperar en la F2? GAMETOS ? ? GAGA LL GAGO Ll GAGO Ll F2 GAGA Ll GAGO LL GAGO Ll GAGA Ll GAGA ll GAGO Ll GAGO ll GAGO LL GAGO Ll GOGO LL GOGO Ll GAGO Ll GAGO ll GOGO Ll GOGO ll

Slide 23 : ¿qué proporciones fenotípicas se pueden esperar en la F2? 6/16 glándulas redondas - piel peluda 3/16 sin glándulas - piel peluda 3/16 glándulas ovales - piel peluda 2/16 glándulas redondas - piel lisa 1/16 sin glándulas - piel lisa 1/16 glándulas ovales - piel lisa Proporciones fenotípicas Volver al índice

Problema 5 : Un gen recesivo ligado al sexo produce en el hombre el daltonismo. Un gen influido por el sexo determina la calvicie (dominante en los varones y recesivo en las mujeres). Un hombre heterocigoto calvo y daltónico se casa con una mujer sin calvicie y con visión de los colores normal, cuyo padre no era daltónico ni calvo y cuya madre era calva y con visión normal. ¿Qué fenotipos pueden tener los hijos de este matrimonio? Problema 5

Slide 25 : ¿Qué fenotipos pueden tener los hijos de este matrimonio? Daltonismo X ? visión normal Xd ? daltonismo Calvicie C ? calvo N ? sin calvicie X > Xd calvo y daltónico x sin calvicie y visión normal Nos indican que el hombre es heterocigoto calvo, por lo que su genotipo para este carácter es CN CN Por otra parte, si es daltónico tendrá el gen que lo determina en su único cromosoma X XdY

Slide 26 : ¿Qué fenotipos pueden tener los hijos de este matrimonio? Daltonismo X ? visión normal Xd ? daltonismo Calvicie C ? calvo N ? sin calvicie X > Xd La mujer será también heterocigota para el gen que determina la calvicie, ya que su madre era calva y tiene que haber heredado de ella un alelo C (CC es el único genotipo posible para una mujer calva) CN Además, si no es daltónica y ni su padre ni su madre se indica que lo fueran, su genotipo debe ser homocigoto para la visión normal XdY CN XX calvo y daltónico x sin calvicie y visión normal

Slide 27 : ¿Qué fenotipos pueden tener los hijos de este matrimonio? calvo y daltónico GAMETOS ? ? CC XdX CN XdX CC XY CN XY CN XdX NN XdX CN XY NN XY sin calvicie y visión normal

Slide 28 : ¿Qué fenotipos pueden tener los hijos de este matrimonio? GAMETOS ? ? CC XdX CN XdX CC XY CN XY CN XdX NN XdX CN XY NN XY Fenotipos calvas portadoras no calvas portadoras calvos con visión normal no calvos con visión normal Volver al índice calvo y daltónico sin calvicie y visión normal

Problema 6 : El color de tipo normal del cuerpo de Drosophila está determinado por el gen dominante n+; su alelo recesivo n produce el color negro. Cuando una mosca de tipo común de línea pura se cruza con otra de cuerpo negro: ¿qué fracción de la F2 de tipo común se espera que sea heterocigota? Problema 6

Slide 30 : ¿qué fracción de la F2 de tipo común se espera que sea heterocigota? Color normal x Color negro El genotipo de la mosca de color normal es n+n+ puesto que nos indican que es de línea pura. n+n+

Slide 31 : ¿qué fracción de la F2 de tipo común se espera que sea heterocigota? Color normal x Color negro La mosca de color negro solo puede ser homocigota nn, ya que manifiesta el carácter recesivo n+n+ nn

Slide 32 : ¿qué fracción de la F2 de tipo común se espera que sea heterocigota? Color normal x Color negro La F1 será de tipo común (color normal) heterocigota. n+n+ nn GAMETOS ? F1 n+n Para obtener la F2 cruzaremos dos individuos de la F1 . Color normal

Slide 33 : ¿qué fracción de la F2 de tipo común se espera que sea heterocigota? 2/3 de la descendencia de tipo común será heterocigota. n+n n+n F1 x GAMETOS? n+n+ n+n n+n nn F2 Tipo común Volver al índice

Problema 7 : Cruzando dos moscas de tipo común (grises) entre sí, se ob-tuvo una descendencia compuesta por 152 moscas grises y 48 negras. ¿Cuál era la constitución génica de los genitores? La segregación 3:1 corresponde al cruce entre dos híbridos Mosca gris x Mosca gris 152 moscas grises y 48 moscas negras En total 200 moscas 3 moscas grises Por cada mosca negra Problema 7

Slide 35 : Cruzando dos moscas de tipo común (grises) entre sí, se ob-tuvo una descendencia compuesta por 152 moscas grises y 48 negras. ¿Cuál era la constitución génica de los genitores? n+n n+n x GAMETOS? n+n+ n+n n+n nn 3/4 de tipo común 1/4 negras Proporción 3:1 También pueden aparecer moscas grises y negras en un cruce entre un híbrido y un homocigoto recesivo, pero la proporción sería 1:1 Volver al índice

Problema 8 : Se cruzaron plantas puras de guisante con longitud del tallo alto y cuya flor era de color blanco con otras de tallo enano y flor roja. Sabiendo que el carácter tallo alto es dominante sobre el tallo enano y que la flor de color blanco es recesiva respecto a la de color rojo: ¿cuál será la proporción de dobles heterocigotos esperados en la F2? Problema 8

Slide 37 : ¿cuál será la proporción de dobles heterocigotos esperados en la F2? Longitud del tallo T ? tallo alto t ? tallo enano Color de las flores R ? flor roja r ? flor blanca T > t R > r Tallo alto y flor blanca x Tallo enano y flor roja P TT rr tt RR Se cruzan dos líneas puras: GAMETOS ? F1 Tt Rr Tallo alto y flor roja

Slide 38 : ¿cuál será la proporción de dobles heterocigotos esperados en la F2? GAMETOS ? ? TT RR Tt Rr Tt Rr F2 TT Rr Tt RR Tt Rr TT Rr TT rr Tt Rr Tt rr Tt RR Tt Rr tt RR tt Rr Tt Rr Tt rr tt Rr tt rr

Slide 39 : ¿cuál será la proporción de dobles heterocigotos esperados en la F2? GAMETOS ? ? TT RR Tt Rr Tt Rr F2 TT Rr Tt RR Tt Rr TT Rr TT rr Tt Rr Tt rr Tt RR Tt Rr tt RR tt Rr Tt Rr Tt rr tt Rr tt rr 1/4 (4 de 16) serán dobles heterocigotos. Volver al índice

Problema 9 : Las plumas de color marrón para una raza de gallinas están determinadas por el alelo b+, dominante sobre su recesivo b, que determina color rojo. En otro cromosoma se encuentra el locus del gen s+ dominante que determina cresta lisa, y la cresta arrugada se debe al recesivo s. Un macho de cresta lisa y color rojo se cruza con una hembra de cresta lisa y color marrón, produciéndose una descendencia formada por 3 individuos de cresta lisa y color marrón, tres de cresta lisa y color rojo, 1 de cresta arrugada y color marrón y otro de cresta arrugada y color rojo. Determina el genotipo de los progenitores. Problema 9

Slide 41 : Determina el genotipo de los progenitores. cresta lisa y color marrón 3 cresta lisa y color marrón 3 de cresta lisa y color rojo 1 cresta arrugada y color marrón 1 cresta arrugada y color rojo Todos los individuos que manifiestan un carácter dominante (cresta lisa ? s+ o color marrón ? b+) poseerán el alelo correspondiente, aunque, en principio, pueden ser homocigotos o heterocigotos para el mismo. s+? s+? s+? s+? b+? b+? b+? cresta lisa y color rojo x

Slide 42 : Determina el genotipo de los progenitores. Todos los individuos que manifiestan un carácter recesivo (cresta arrugada ? s o color rojo ? b) serán homocigotos para el mismo. 3 cresta lisa y color marrón 3 de cresta lisa y color rojo 1 cresta arrugada y color marrón 1 cresta arrugada y color rojo s+? s+? s+? s+? b+? b+? b+? ss ss bb bb bb cresta lisa y color marrón cresta lisa y color rojo x

Slide 43 : Determina el genotipo de los progenitores. 3 cresta lisa y color marrón 3 de cresta lisa y color rojo 1 cresta arrugada y color marrón 1 cresta arrugada y color rojo s+? s+? s+? s+? b+? b+? b+? ss ss bb bb bb cresta lisa y color marrón cresta lisa y color rojo x

Slide 44 : Determina el genotipo de los progenitores. La presencia de individuos homocigotos ss entre la descendencia indica que los dos progenitores poseen el alelo s 3 cresta lisa y color marrón 3 de cresta lisa y color rojo 1 cresta arrugada y color marrón 1 cresta arrugada y color rojo s+? s+? s+? s+? b+? b+? b+? ss ss bb bb bb cresta lisa y color marrón cresta lisa y color rojo x

Slide 45 : Determina el genotipo de los progenitores. La presencia de individuos homocigotos ss entre la descendencia indica que los dos progenitores poseen el alelo s 3 cresta lisa y color marrón 3 de cresta lisa y color rojo 1 cresta arrugada y color marrón 1 cresta arrugada y color rojo s+s s+s s+? s+? b+? b+? b+? ss ss bb bb bb cresta lisa y color marrón cresta lisa y color rojo x

Slide 46 : Determina el genotipo de los progenitores. Del mismo modo, la presencia de individuos homocigotos bb entre la descendencia indica que los dos progenitores poseen el alelo b 3 cresta lisa y color marrón 3 de cresta lisa y color rojo 1 cresta arrugada y color marrón 1 cresta arrugada y color rojo s+s s+s s+? s+? b+? b+? b+? ss ss bb bb bb cresta lisa y color marrón cresta lisa y color rojo x

Slide 47 : Determina el genotipo de los progenitores. Del mismo modo, la presencia de individuos homocigotos bb entre la descendencia indica que los dos progenitores poseen el alelo b 3 cresta lisa y color marrón 3 de cresta lisa y color rojo 1 cresta arrugada y color marrón 1 cresta arrugada y color rojo s+s s+s s+? s+? b+b b+? b+? ss ss bb bb bb cresta lisa y color marrón cresta lisa y color rojo x

Slide 48 : Determina el genotipo de los progenitores. Por tanto, el macho es de cresta lisa heterocigoto y homocigoto recesivo de color rojo. 3 cresta lisa y color marrón 3 de cresta lisa y color rojo 1 cresta arrugada y color marrón 1 cresta arrugada y color rojo s+s s+s s+? s+? b+b b+? b+? ss ss bb bb bb Y la hembra es doble heterocigota de cresta lisa y color marrón. cresta lisa y color marrón cresta lisa y color rojo x Volver al índice

Problema 10 : Problema 10 En Drosophila, el color del cuerpo gris está determinado por el alelo dominante a+, el color negro por el recesivo a. Las alas de tipo normal por el dominante vg+ y las alas vestigiales por el recesivo vg. Al cruzar moscas dihíbridas de tipo común, se produce una descendencia de 384 individuos. ¿Cuántos se esperan de cada clase fenotípica?

Slide 50 : ¿Cuántos se esperan de cada clase fenotípica? GAMETOS ? ? a+a+vg+vg+ a+a vg+vg a+a vg+vg a+a+vg+vg a+a vg+vg+ a+a vg+vg a+a+vg+vg a+a+vg vg a+a vg+vg a+a vg vg a+a vg+vg+ a+a vg+vg a a vg+vg+ a a vg+vg a+a vg+vg a+a vg vg a a vg+vg a a vg vg Se cruzan moscas dihíbridas

Slide 51 : ¿Cuántos se esperan de cada clase fenotípica? Frecuencias fenotípicas 9/16 Grises, alas normales 3/16 Grises, alas vestigiales 3/16 Negros, alas normales 1/16 Negros, alas vestigiales 9/16 de 384 ? 216 3/16 de 384 ? 72 3/16 de 384 ? 72 1/16 de 384 ? 24 Volver al índice

Problema 11 : En el dondiego de noche (Mirabilis jalapa), el color rojo de las flores lo determina el alelo CR, dominante incompleto sobre el color blanco producido por el alelo CB, siendo rosas las flores de las plantas heterocigóticas. Si una planta con flores rojas se cruza con otra de flores blancas: Problema 11 ¿Cuál será el fenotipo de las flores de la F1 y de la F2 resultante de cruzar entre sí dos plantas cualesquiera de la F1 ? ¿Cuál será el fenotipo de la descendencia obtenida de un cruzamiento de las F1 con su genitor rojo, y con su genitor blanco?

Slide 53 : ¿Cuál será el fenotipo de las flores de la F1 y de la F2 resultante de cruzar entre sí dos plantas cualesquiera de la F1 ? Flores blancas Flores rojas x GAMETOS ? F1 CRCB Flores rosas CRCR CBCB La primera generación estará formada por plantas heterocigotas con flores de color rosa.

Slide 54 : ¿Cuál será el fenotipo de las flores de la F1 y de la F2 resultante de cruzar entre sí dos plantas cualesquiera de la F1 ? Flores rosas Flores rosas x GAMETOS? CRCB CRCB CRCR CBCB CRCB CRCB F1 F2 ¼ blancas ¼ rojas ½ rosas Proporciones fenotípicas en la F2

Slide 55 : ¿Cuál será el fenotipo de la descendencia obtenida de un cruzamiento de las F1 con su genitor rojo, y con su genitor blanco? CRCB CRCR CRCR CRCB ½ rojas ½ rosas CRCB CBCB CRCB CBCB Flores blancas ½ rosas ½ blancas Volver al índice Flores rosas Flores rosas Flores rojas x x

Problema 12 : Si el padre de un niño de grupo sanguíneo 0 es del grupo A y la madre del grupo B, ¿qué fenotipos sanguíneos pueden presentar los hijos que puedan tener? Problema 12 Grupo sanguíneo A ? grupo A B ? grupo B (A = B) > 0 0 ? grupo 0 El grupo sanguíneo en el hombre está determinado por una serie alélica constituida por tres alelos: los alelos A y B, codominantes, determinan respectivamente los “grupos A y B”, y el alelo 0 determina el “grupo 0” y es recesivo respecto a los otros dos.

Slide 57 : Si el padre de un niño de grupo sanguíneo 0 es del grupo A y la madre del grupo B, ¿qué fenotipos sanguíneos pueden presentar los hijos que puedan tener? Grupo 0 Como el grupo 0 es recesivo, el hijo ha de ser homocigoto 00 . B0 00 A0 grupo A grupo B x Los padres,por lo tanto, han de tener ambos el alelo 0 en su genotipo y son heterocigotos.

Slide 58 : Si el padre de un niño de grupo sanguíneo 0 es del grupo A y la madre del grupo B, ¿qué fenotipos sanguíneos pueden presentar los hijos que puedan tener? B0 A0 grupo A grupo B x GAMETOS? AB B0 A0 00 Grupo AB Grupo 0 Grupo B Grupo A FENOTIPOS? Volver al índice

Problema 13 : En el ratón, el color del pelo está determinado por una serie alélica. El alelo A es letal en homocigosis y pro-duce color amarillo en heterocigosis, el color agutí es-tá determinado por el alelo A1 y el negro por el alelo a. La relación entre ellos es A > A1 > a. Determina las proporciones genotípicas y fenotípicas de la descen-dencia obtenida al cruzar un ratón amarillo y un agutí, ambos heterocigóticos. Problema 13

Slide 60 : Según los datos del enunciado, los genotipos posibles son: AA1 ? Pelaje amarillo Aa ? Pelaje amarillo A1A1? Pelaje agutí A1a ? Pelaje agutí aa ? Pelaje negro Los ratones que se cruzan son ambos heterocigotos. El ratón agutí será, por lo tanto, A1a; el ratón amarillo, en cambio, puede ser AA1 o Aa y existen dos cruces posibles entre ratones amarillos y agutí heterocigotos: AA1 x A1a Aa x A1a 1er caso 2o caso

Slide 61 : A1a AA1 GAMETOS? AA1 A1A1 Aa A1a 1/4 1/4 1/4 1/4 FENOTIPOS? GENOTIPOS? 1/2 Amarillo 1/2 Agutí

Slide 62 : A1a Aa GAMETOS? AA1 A1a Aa aa 1/4 1/4 1/4 1/4 FENOTIPOS? GENOTIPOS? 1/2 Amarillo 1/4 Agutí 1/4 negro Volver al índice

Problema 14 : En el tomate, el color rojo (R) del fruto es dominante sobre el color amarillo (r) y la forma biloculada (B) domina sobre la multiloculada (b). Se desea obtener una línea de plantas de frutos rojos y multiloculados, a partir del cruzamiento entre razas puras rojas y biloculadas con razas amarillas y multiloculadas. Problema 14 ¿Qué proporción de la F2 tendrá el fenotipo deseado y qué proporción de ésta será homocigótica para los dos caracteres?

Slide 64 : ¿Qué proporción de la F2 tendrá el fenotipo deseado y qué proporción de ésta será homocigótica para los dos caracteres? Rojo biloculado x Amarillo multiloculado P RR BB rr bb GAMETOS ? F1 Rr Bb 100% Rojos biloculados

Slide 65 : GAMETOS ? ? RR BB Rr Bb Rr Bb F2 RR Bb Rr BB Rr Bb RR Bb RR bb Rr Bb Rr bb Rr BB Rr Bb rr BB rr Bb Rr Bb Rr bb rr Bb rr bb ¿Qué proporción de la F2 tendrá el fenotipo deseado y qué proporción de ésta será homocigótica para los dos caracteres?

Slide 66 : GAMETOS ? ? RR BB Rr Bb Rr Bb F2 RR Bb Rr BB Rr Bb RR Bb RR bb Rr Bb Rr bb Rr BB Rr Bb rr BB rr Bb Rr Bb Rr bb rr Bb rr bb 3/16 rojos multiloculados ¿Qué proporción de la F2 tendrá el fenotipo deseado y qué proporción de ésta será homocigótica para los dos caracteres? 1/3 de ellos son homocigóticos Volver al índice

Problema 15 : La ausencia de patas en las reses se debe a un gen letal recesivo (l). Del apareamiento entre un toro heterocigótico normal y una vaca no portadora, ¿qué proporción genotípica se espera en la F2 adulta (los becerros amputados mueren antes de nacer) obtenida del apareamiento al azar entre los individuos de la F1? Problema 15

Slide 68 : Toroheterocigótico x Vacano portadora Ll LL GAMETOS ? F1 ? LL Ll P ? Para obtener la F2 se deben cruzar al azar los individuos de la F1. Al haber en la F1 individuos con dos genotipos diferentes, existen cuatro cruzamientos posibles: LL x LL, LL x Ll, Ll x LL* y Ll x Ll * Aunque el resultado de los cruces LL x Ll y Ll x Ll serán los mismos, hay que considerar ambos para que las proporciones obtenidas sean las correctas.

Slide 69 : LL LL LL LL LL LL GAMETOS *? 1er CRUZAMIENTO * * Se representan todos los gametos posibles, incluso los que son iguales, para facilitar la interpretación del resultado final, en el que todos los cruzamientos deben tener la misma importancia. x

Slide 70 : Ll LL LL Ll LL Ll GAMETOS ? 2o CRUZAMIENTO x

Slide 71 : LL Ll LL LL Ll Ll GAMETOS ? 3er CRUZAMIENTO x

Slide 72 : Ll Ll LL Ll Ll ll GAMETOS ? 4o CRUZAMIENTO x

Slide 73 : RESULTADO DEL 1er CRUZAMIENTO LL LL LL LL RESULTADO DEL 2o CRUZAMIENTO LL Ll LL Ll RESULTADO DEL 4o CRUZAMIENTO LL Ll Ll ll Los individuos homocigotos recesivos mueren antes de nacer y no deben ser contabilizados en la descendencia. 9/15 de la F2 serán individuos homocigotos normales 6/15 de la F2 serán individuos heterocigotos portadores Volver al índice RESULTADO DEL 3er CRUZAMIENTO LL Ll LL Ll

Problema 16 : En la gallina los genes para la cresta en roseta R+, y la cresta guisante P+, si se encuentran en el mismo genotipo producen la cresta en nuez; de la misma manera, sus respectivos alelos recesivos producen en homocigosis cresta sencilla. ¿Cuál será la proporción fenotípica del cruce R+RP+P x R+RP+P? Problema 16 R+R+ P+P+, R+R+ P+P, R+R P+P+, R+R P+P R+R+ PP, R+R PP RR P+P+, RR P+P RR PP Nuez Roseta Guisante Sencilla

Slide 75 : Cresta nuez Cresta nuez R+RP+P R+RP+P GAMETOS ? ? R+R+P+P+ R+R+P+P R+R P+P+ R+R P+P R+R+P+P R+R+P P R+R P+P R+R P P R+R P+P+ R+R P+P R R P+P+ R R P+P R+R P+P R+R P P R R P+P R R P P 9/16 ? Cresta nuez 3/16 ? Cresta roseta 3/16 ? Cresta guisante 1/16 ? Cresta sencilla Volver al índice

Problema 17 : Determina el genotipo de los genitores sabiendo que el cruce de individuos con cresta roseta por individuos con cresta guisante produce una F1 compuesta por cinco individuos con cresta roseta y seis con cresta nuez. Problema 17

Slide 77 : Cresta roseta x Cresta guisante P R+? PP 5 Cresta roseta 6 Cresta nuez F1 R+? PP Los individuos con cresta roseta deben tener en su geno-tipo el alelo R+, pero no el P+, ya que la combinación de ambos produce cresta en nuez.

Slide 78 : Cresta roseta x Cresta guisante P R+? PP RR P+? 5 Cresta roseta 6 Cresta nuez F1 R+? PP El individuo con cresta guisante debe tener en su genotipo el alelo P+, pero no el R+, ya que la combinación de ambos produce cresta en nuez.

Slide 79 : Cresta roseta x Cresta guisante P R+? PP RR P+? 5 Cresta roseta 6 Cresta nuez F1 R+? PP R+? P+? El individuo con cresta en nuez deben tener en su geno-tipo los alelos R+ y P+, ya que la combinación de ambos produce cresta en nuez.

Slide 80 : Cresta roseta x Cresta guisante P R+? PP RR P+? 5 Cresta roseta 6 Cresta nuez F1 R+? PP R+? P+? Puesto que no aparecen individuos homocigotos RR en la descendencia y que todos los descendientes poseen el ale-lo R+, el progenitor con cresta roseta debe ser homocigoto R+R+.

Slide 81 : Cresta roseta x Cresta guisante P R+R+ PP RR P+? 5 Cresta roseta 6 Cresta nuez F1 R+? PP R+? P+? Puesto que no aparecen individuos homocigotos RR en la descendencia y como todos los descendientes poseen el alelo R+, el progenitor con cresta roseta debe ser homoci-goto R+R+.

Slide 82 : Cresta roseta x Cresta guisante P R+R+ PP RR P+? 5 Cresta roseta 6 Cresta nuez F1 R+? PP R+? P+? Como los descendientes con cresta roseta son necesaria-mente homocigotos PP, deben haber recibido un alelo P de cada un de los progenitores, que deben tenerlo presen-te en su genotipo.

Slide 83 : Cresta roseta x Cresta guisante P R+R+ PP RR P+ P 5 Cresta roseta 6 Cresta nuez F1 R+? PP R+? P+? Como los descendientes con cresta roseta son necesaria-mente homocigotos PP, deben haber recibido un alelo P de cada un de los progenitores, que deben tenerlo presen-te en su genotipo.

Problema 18 : En el ratón el gen c+ produce pigmentación en el pelo. La coloración de los individuos c+c+ o c+c depende de su genotipo respecto a otro gen a+ situado en otro cromosoma. Los individuos a+a+ y a+a son grises y los aa negros. Dos ratones grises producen una descendencia compuesta por los siguientes fenotipos: 9 grises, 4 albinos y 3 negros. ¿Cuál es el genotipo de los genitores? Problema 18

Slide 85 : Ratón gris x Ratón gris P c+? a+? 9 ratones grises 4 ratones albinos 3 ratones negros F1 c+? a+? Los ratones grises tienen que tener presentes en su genotipo los alelos c+, responsable de la pigmentación, y a+, responsable del color gris. c+? a+?

Slide 86 : Ratón gris x Ratón gris P c+? a+? 9 ratones grises 4 ratones albinos 3 ratones negros F1 c+? a+? Los ratones albinos son homocigotos cc, ya que es este alelo recesivo el responsable de la falta de pigmentación. c+? a+? cc ??

Slide 87 : Ratón gris x Ratón gris P c+? a+? 9 ratones grises 4 ratones albinos 3 ratones negros F1 c+? a+? Los ratones negros tienen que tener presentes en su genotipo los alelos c+, responsable de la pigmentación, y a, responsable del color negro. c+? a+? cc ?? c+? aa

Slide 88 : Ratón gris x Ratón gris P c+? a+? 9 ratones grises 4 ratones albinos 3 ratones negros F1 c+? a+? Los descendientes con genotipos cc y aa deben haber re-cibido un alelo c y otro a de cada uno de sus progenitores, por lo que estos deben estar presentes en ambos genoti-pos. c+? a+? cc ?? c+? aa

Slide 89 : Ratón gris x Ratón gris P 9 ratones grises 4 ratones albinos 3 ratones negros F1 c+? a+? Los descendientes con genotipos cc y aa deben haber re-cibido un alelo c y otro a de cada uno de sus progenitores, por lo que estos deben estar presentes en ambos genoti-pos. cc ?? c+? aa Volver al índice

FIN : FIN Volver al índice